工科数学分析 大课例
—11-x5 清华大学 数学科学系 刘坤林 2011-4-2
1
2011-cal3-x5
例 1 计算二重积分 σd122 −+∫∫ yx
D
,其中 10|),{( ≤≤= xyxD , }10 ≤≤ y
[提示] 本题目的要点有两个:
(1)将绝对值函数的性质用于平面区域的表达;
(2)利用积分对区域的可加性正确计算积分。
【解】 如图,将D分成 1D 与 2D 两个子区域。
( ) ( ) σσ
σ
d1d1
d1
2222
22
21
−++−−=
−+
∫∫∫∫
∫∫
yxyx
yx
DD
D
由于
( ) ( )
8
d1dd1 2
1
0
2
0
22
1
πρρϕσ
π
=−=−− ∫∫∫∫ ryx
D
( ) ( ) yyxxyx
x
D
d1dd1 22
1
1
1
0
22
2
2
−+=−+ ∫∫∫∫ −σ
( ) xxxxyyyx
x
d1
3
2
3
2d
3
2
3
221
0
1
1
3
21
0
2
⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+−=⎥⎦
⎤⎢⎣
⎡ −+= ∫∫
−
( ) Ixxxx
3
2
3
1d1
3
2d
3
2
2
1
21
0
21
0
+−=−+⎟⎠
⎞⎜⎝
⎛ −= ∫∫ ,
其中 ( )
16
3
22
1
4
3dcosd1 2
0
4
sin1
0
2
3
2 πππ =⋅⋅======−= ∫∫ = ttxxI tx ,
( )
3
1
816
3
3
2
3
1d122
2
−=⋅+−=−+∫∫ ππσyx
D
.,
最后得到
3
1
43
1
88
d122 −=−+=−+∫∫ πππσyx
D
.
例 2 设 ( )xf 为连续函数, ∫ ∫= t ty dxxfdytF 1 )()( ,则 =)1(F , =′ )(tF 。
【解】 0)1( =F 。交换积分次序,得
∫ ∫= t ty dxxfdytF 1 )()( = ∫ ∫ ∫ −=t x t dxxxfdxdyxf1 1 1 )1)((])([
于是, )1)(()( −=′ ttftF 。
例 3 设Ω是由曲面 228 yxz −−= 与平面 xz 2= 围成的空间区域,求Ω的体积V 。
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【解 1】Ω在 xOz平面上的投影域是 ⎩⎨
⎧
−≤≤
≤≤−
282
24
xzx
x
D: ,根据对称性可知
。πππ
π
π
2
81
22
1
4
3216cos216
cos3cos27
3
4
])1(9[
3
4)28(
3
4
8282
20
4
2
2
3
sin31
2
4
2
3
22
4
2
3
2
2
4
8
2
22 2
=×××=∫=
∫ ⋅=
∫ +−=∫ −−=
∫ ∫ −−=∫∫ −−=
−
=+
−−
−
−
dtt
dttt
dxxdxxx
dzzxdxdxdzzxV
tx
x
x
D
【解 2】/曲面 228 yxz −−= 与平面 xz 2= 的交线在 xOy平面上的投影曲线为
9)1( 22 =++ yx ,
Ω在 xOy平面上的投影域是圆域 9)1( 22 ≤++ yxD: ,所以
。∫∫ −+−=
∫∫ −−−=
D
D
dxdyyx
dxdyxyxV
])1(9[
]2)8[(
22
22
令 ⎩⎨
⎧
=
=+
θ
θ
sin
cos1
ry
rx ,则 ππθπ
2
81)
4
81
2
81(2)9(20
3
0
2 =−=∫ ∫ −= rdrrdV 。
例 4 设函数
,
yxx
yxf 其他
,10
,0
,6
),(
≤≤≤
⎩⎨
⎧= ,(1)写出 ),( yxf
在 }1),{( 2 ≤+∈= yxRyxD 上的表达式;(2)计算 ∫∫
D
dxdyyxf ),( 。
【解】(1)
,
xyxxxyxf
其他
,1,
2
10
,0
,6
),( −≤≤≤≤
⎩⎨
⎧=
(2) ∫∫
D
dxdyyxf ),( ∫∫ ∫ ∫
≤+
−==
1
2
1
0
1
6),(
yx
x
x
xdydxdxdyyxf
.
4
1)126(2
1
0
2 =−= ∫ dxxx
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例 5 设 ∫∫ +=
D
dyxI σ221 cos ,
( )∫∫ +=
D
dyxI σ222 cos , ( )∫∫ +=
D
dyxI σ2223 cos ,其中
{ }1),( 22 ≤+= yxyxD ,则( A )
(A) 123 III >> (B) 321 III >>
(C) 312 III >> (D) 213 III >>
【解】 利用二重积分的保序性质(或比较性质),当 122 ≤+ yx
时,有 ( ) 2222222 yxyxyx +≤+≤+
又因 ucos 是减函数, 从而
( ) ( ) 2222222 coscoscos yxyxyx +≥+≥+ ,
由此有 ( ) ( ) ∫∫∫∫∫∫ +>+>+
DDD
dyxdyxdyx σσσ 2222222 coscoscos
因此选 (A)。(30 秒 OK!)
例 6 求闭曲线 ( ) 44322 yxyx +=+ 所围区域的面积.
【解】 闭曲线 ( ) 44322 yxyx +=+ 的极坐标方程为 πϕϕϕρ 20,sincos 44 ≤≤+= .
面积
∫ ∫∫∫ +== π ϕϕ ρρϕ20 sincos0
44
dddxdyS
D
( ) πϕϕϕπ
4
3sincos
2
1 2
0
44 =+= ∫ d
∫∫ −=−= ππ ϕϕϕϕϕ 20 220 22 )2sin211(21)cossin21(21 dd
πϕϕπ
4
3)
4
4cos11(
2
1 2
0∫ =−−= d
例 7 设 ),( yxf 为连续函数,则 rdrrrfd∫ ∫40 10 )sin,cos(
π
θθθ 等于 【 C 】
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(A) ∫ ∫ −220 1
2
),(
x
x
dyyxfdx (B) ∫ ∫ −220 10
2
),(
x
dyyxfdx
(C) ∫ ∫ −220 1
2
),(
y
y
dxyxfdy (D) ∫ ∫ −220 10
2
),(
y
dxyxfdy
例 8 设区域 }{ ,0,1),( 22 ≥≤+= xyxyxD 计算二重积分
∫∫ ++ += D dxdyyx
xyI
221
1 。
【解】利用对称性,推出 ∫∫ =++D dxdyyx
xy 0
1 22
;
这样, ∫ ∫∫∫ − =+=+=++= 22
1
0
1
0
2
222
2ln
2
)1(
211
1 π
π
ππθ rnldr
r
rddxdy
yx
I
D
。
例 9 设 ),( yxf 为连续函数,则 rdrrrfd∫ ∫40 10 )sin,cos(
π
θθθ 等于 【 C 】
(A) ∫ ∫ −220 1
2
),(
x
x
dyyxfdx (B) ∫ ∫ −220 10
2
),(
x
dyyxfdx
(C) ∫ ∫ −220 1
2
),(
y
y
dxyxfdy (D) ∫ ∫ −220 10
2
),(
y
dxyxfdy
例 10 求 ∫∫
D
ydxdy ,其中D为 axyx ≤+ 22 与 ayyx ≤+ 22 的公共部分( 0>a )
【 解 】
∫ ∫∫ ∫∫∫ ⋅+⋅= 2
4
cos
0
4
0
sin
0
sinsin
π
π
ϕπ ϕ ρϕρρϕρϕρρϕ aa
D
ddddydxdy
∫∫ ⋅+⋅= 2
4
334
0
33 cos
3
1sinsin
3
1sin
π
π
π
ϕϕϕϕϕϕ dada
其中 ∫∫ −=⋅ 40 2340 33 )2 2cos1(31sin31sin
ππ
ϕϕϕϕϕ dada
∫ −+= 40 2
3
)2cos22cos1(
12
π
ϕϕϕ da
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∫ −++= 40
3
)2cos2
2
4cos11(
12
π
ϕϕϕ da
)83(
96
)1
42
3(
12
33
−=−= ππ aa
482
1
12
coscos
3
1cos
3
1sin
343
2
4
332
4
33 aadada =⎟⎠
⎞⎜⎝
⎛=−=⋅ ∫∫ ππππ ϕϕϕϕϕ
( )2
3296
)63(
96
2)83( 3333 −==−=+−=∫∫ πππ aaaaydxdy
D
例 11 设 ∫ ∫ += t tx yx dyyedxtF 0 cos)( ( 0>t ),则 =′ )(tF tete tt coscos2 − .
【解】(方法 1)区域 tyxtxD ≤≤≤≤ ,0: 交换次序为 yxtyD ≤≤≤≤ 0,0: 。
∫∫ ∫ −== t yyt y xy dyyeedxedyyetF 00 0 cos)1(cos)( ,
=′ )(tF tete tt coscos2 − .
(方法 2)令 ∫∫ += vx yxu dyyedxvuG cos),( 0 ,则 ( )ttGtF ,)( = ,因此,
''''' 11)( vuvu GGGGtF +=⋅+⋅= ,其中, 0cos' == ∫ +tt ytu dyyeG ,
)1(coscoscos
00
' −=== ∫∫ + ttt xtt txv etedxetedxteG
(方法 3---用乘法公式,属于提高部分,不要求掌握)
第一项:将内层积分的下限 tx换成 ,
第二项:将内层积分函数的 ty换成 ,
∫∫ ++ +=′ t txtt yx dxtedyyetF 0 coscos)(
∫+= t xt dxete 0cos0 )1(cos −= tt ete