第二节 洛必达法则
在第一章中,我们曾计算过两个无穷小之比以及两个无穷大之比的未定式的极限. 在那
里,计算未定式的极限往往需要经过适当的变形,转化成可利用极限运算法则或重要极限的
形式进行计算. 这种变形没有一般方法,需视具体问题而定,属于特定的方法. 本节将用导
数作为工具,给出计算未定式极限的一般方法,即洛必达法则. 本节的几个定理所给出的求
极限的方法统称为洛必达法则.
分布图示
0
0 ★ 例 1-2 ★ 例 3 ★ 例 4
∞
∞ ★ 例 5 ★ 例 6-7
综合应用 ★ 例 8 ★ 例 9 ★ 例 10
)0( ∞⋅ ★ 例 11
)( ∞−∞ ★ 例 12 ★ 例 13 ★ 例 14
)0( 0 ★ 例 15 ★ 例 16
)1( ∞ ★ 例 17 ★ 例 18 ★ 例 19
)( 0∞ ★ 例 20 ★ 例 21
★ 内容小结 ★ 课堂练习
★ 习题 3-2
内容要点
一、未定式的基本类型:
0
0
型与
∞
∞
型;
.
)(
)(lim
)(
)(lim
xF
xf
xF
xf
axax ′
′
=
→→
.
)(
)(lim
)(
)(lim
xF
xf
xF
xf
xx ′
′
=
∞→∞→
二、未定式的其它类型: ∞⋅0 型, ∞−∞ 型, 00 ,1,0 ∞∞ 型
(1)对于 ∞⋅0 型,可将乘积化为除的形式,即化为
0
0
或
∞
∞
型的未定式来计算.
(2)对于 ∞−∞ 型,可利用通分化为
0
0
型的未定式来计算.
(3) 对于 00 ,1,0 ∞∞ 型,可先化以 e为底的指数函数的极限,再利用指数函数的连
续性,化为直接求指数的极限,指数的极限为 ∞⋅0 的形式,再化为
0
0
或
∞
∞
型的未定式来计
算.
例题选讲
0
0
型
例 1 (E01) 求 ⋅≠
→
)0(sinlim
0
k
x
kx
x
解 原式
)(
)(sinlim
0 ′
′
=
→ x
kx
x 1
coslim
0
kxk
x→
= .k=
例 2 (E02) 求 ⋅
+−−
+−
→ 1
23lim 23
3
1 xxx
xx
x
解 原式
123
33lim 2
2
1 −−
−
=
→ xx
x
x 26
6lim
1 −
=
→ x
x
x
.
2
3
=
注: 上式中,
26
6lim
1 −→ x
x
x
已不是未定式,不能再对它应用洛必达法则.
例 3 (E03) 求 .
sin
2lim
0 xx
xee xx
x −
−− −
→
解
xx
xee xx
x sin
2lim
0 −
−− −
→ x
ee xx
x cos1
2lim
0 −
−−
=
−
→ x
ee xx
x sin
lim
0
−
→
−
=
x
ee xx
x cos
lim
0
−
→
+
= .2=
例 4 (E04) 求
x
x
x 1
arctan
2lim
−
+∞→
π
.
解
x
x
x 1
arctan
2lim
−
+∞→
π
2
2
1
1
1
lim
x
x
x
−
+
−
=
+∞→ 2
2
1
lim
x
x
x +
=
+∞→
1=
注: 若求 n
n
n
n
(
1
arctan
2lim
−
+∞→
π
为自然数)则可利用上面求出的函数极限,得
1
1
arctan
2lim =
−
+∞→
n
n
n
π
.
例 5 (E05) 求 .
ln
cotlnlim
0 x
x
x +→
解
x
x
x ln
cotlnlim
0+→
x
xx
x 1
)
sin
1(
cot
1
lim
2
0
−⋅
=
+→ xx
x
x cossin
lim
0+→
−=
xxx
x
xx cos
1lim
cossin
lim
00 ++ →→
⋅−= .1−=
例 6 (E06) 求 )0(lnlim >
+∞→
n
x
x
nx
.
解 原式 1
1
lim
−+∞→
= nx nx
x
nx nx
1lim
+∞→
= .0=
例 7 (E07) 求 ⋅
+∞→ x
n
x e
x
λlim (n为正整数, 0>λ )
解 反复应用洛必达法则 n次,得
原式 x
n
x e
nx
λλ
1
lim
−
+∞→
= x
n
x e
xnn
λλ2
2)1(lim
−
+∞→
−
= = xnx e
n
λλ
!lim
+∞→
= .0=
注:对数函数 xln 、幂函数 nx 、指数函数 )0( >λλxe 均为当 ∞→x 时的无穷大,但它们
增大的速度很不一样,其增大速度比较: 对数函数<<幂函数<<指数函数.
例 8 求 .
tan
tanlim 20 xx
xx
x
−
→
解 注意到 ,~tan xx 则有
xx
xx
x tan
tanlim 20
−
→ 30
tanlim
x
xx
x
−
=
→ 2
2
0 3
1seclim
x
x
x
−
=
→ x
xx
x 6
tansec2lim
2
0→
=
x
xx
xx
tanlimseclim
3
1
0
2
0 →→
⋅=
x
x
x
tanlim
3
1
0→
= .
3
1
=
注: 洛必达法则虽然是求未定式的一种有效方法, 但若能与其它求极限的方法结合使用,
效果则更好. 例如能化简时应尽可能先化简,可以应用等价无穷小替换或重要极限时,应尽
可能应用,以使运算尽可能简捷.
例 9 (E08) 求 .
)21ln()cos1(
3sin3lim
0 xx
xx
x +−
−
→
解 当 0→x 时, ,
2
1~cos1 2xx− ,2~)21ln( xx−
故
)21ln()cos1(
3sin3lim
0 xx
xx
x +−
−
→ 30
3sin3lim
x
xx
x
−
=
→ 20 3
3cos33lim
x
x
x
−
=
→ x
x
x 2
3sin3lim
0→
= .
2
9
=
例 10 (E09) 求
x
x
x
x sin
1sin
lim
2
0→
.
解 所求极限属于
0
0
的未定式.但分子分母分别求导数后,将化为 ,
cos
1cos1sin2
lim
0 x
xx
x
x
−
→
此
式振荡无极限,故洛必达法则失效,不能使用.但原极限是存在的,可用下法求得:
x
x
x
x sin
1sin
lim
2
0→
)1sin
sin
(lim
0 x
x
x
x
x
⋅=
→
x
x
x
x
x
x
sinlim
1sinlim
0
0
→
→= .0
1
0
==
例 11 (E10) 求 .lim 2 x
x
ex−
+∞→
( ∞⋅0 型)
解 对于 )0( ∞⋅ 型,可将乘积化为除的形式,即化为
0
0
或
∞
∞
型的未定式来计算.
x
x
ex 2lim −
+∞→ 2
lim
x
ex
x +∞→
=
x
ex
x 2
lim
+∞→
=
2
lim
x
x
e
+∞→
= .+∞=
例 12 (E11) 求 )tan(seclim
2
xx
x
−
→
π
. ( ∞−∞ 型)
解 对于 ∞−∞ 型,可利用通分化为
0
0
型的未定式来计算.
)tan(seclim
2
xx
x
−
→
π
)
cos
sin
cos
1(lim
2
x
x
xx
−=
→
π x
x
x cos
sin1lim
2
−
=
→
π x
x
x sin
coslim
2
−
−
=
→
π
.0
1
0
==
例 13 求 )..(1
sin
1lim
0
∞−∞
−
→ xxx
解 )1
sin
1(lim
0 xxx
−
→ xx
xx
x sin
sinlim
0 ⋅
−
=
→ 20
sinlim
x
xx
x
−
=
→ x
x
x 2
cos1lim
0
−
=
→ 2
sinlim
0
x
x→
= .0=
例 14 求 )].()2[(lim /1 ∞−∞−+
∞→
xex x
x
解 原式 ]1)12[(lim
1
−+=
∞→
x
x
e
x
x .
x
e
x
x
x 1
1)21(
lim
1
−+
=
∞→
直接用洛必达法则,计算量较大.为此作变量替换,令 ,1
x
t = 则当 ∞→t 时, ,0→t 所以
])2[(lim
1
xex x
x
−+
∞→ t
et t
t
1)21(lim
0
−+
=
→
t
t
et
1
)12(2lim
0
++
=
→
.3=
00 ,1,0 ∞∞ 型
步骤
∞
∞
0
0
1
0
⇒
取对数
∞⋅
⋅∞
⋅
ln0
1ln
0ln0
⇒ .0 ∞⋅
例 15 求 .lim
0
x
x
x
→
)0( 0
解 xx
x
x
x
ex ln
00
limlim
++ →→
=
xx
xe
lnlim
0+→= x
x
x
e
1
lnlim
0+→
=
2
0 1
1
lim
x
x
x
e
−
+→
= 0e= .1=
例 16 (E12) 求 x
x
x tan
0
lim
+→
. ( 00 型)
解 将它变形为
xxx
x
xex
lntanlimtan
0
0lim +→=
+→
由于
x
x
x
xxx
xxx 2000 csc
1
lim
cot
lnlimlntanlim
+→+→+→
==
x
x
x
2
0
sinlim −=
+→
.0
1
cossin2lim
0
=
−
=
+→
xx
x
故 .1lim 0tan
0
==
+→
ex x
x
例 17 求 )1.(lim 1
1
1
∞−
→
x
x
x
解 x
x
x −
→
1
1
1
lim
x
x
x
e
ln
1
1
1
lim −
→
= x
x
xe −→= 1
lnlim
1 1
1
lim
1−→=
x
xe .1−= e
例 18 (E13) 求 .sinlim
cos1
1
0
x
x x
x −
→
( ∞1 型)
解 x
x x
x cos1
1
0
)sin(lim −
→
x
x
x
x
e
sinln
cos1
1
0
lim −
→
= x
xx
xe cos1
lnsinlnlim
0 −
−
→=
由于
x
xx
x cos1
lnsinlnlim
0 −
−
→ x
x
x
x sin
1cot
lim
0
−
=
→ xx
xxx
x 20 sin
sincoslim −=
→ 30
sincoslim
x
xxx
x
−
=
→
20 3
sinlim
x
xx
x
−
=
→
.
3
1
−=
所以 .3
1
cos1
1
0
)sin(lim
−
−
→
= e
x
x x
x
例 19 求 ( ) .coslim
0
x
x
x
π
+→
)1( ∞
解一 利用洛必达法则.
x
x
x
π
)(coslim
0+→
x
xxe
coslnlim
0
π
+→= xx
x
xe 2
1
cos
sinlim
0
⋅
−
+→=
π
.2
π
−
= e
解二 利用两个重要极限.
x
x
x
π
)(coslim
0+→
x
x
x
π
)1cos1(lim
0
−+=
+→
π⋅−⋅
−
+→
−+= x
x
x
x
x
1cos
1cos
1
0
)1cos1(lim .2
π
−
= e
例 20 (E14) 求 x
x
x ln
1
0
)(cotlim
+→
. ( 0∞ 型)
解 x
x
x ln
1
0
)(cotlim
+→
x
x
x
e ln
cotln
0
lim
+→
= x
x
xe ln
cotlnlim
0+→= x
xx
xe
1
csctanlim
2
0
⋅−
+→
= x
x
xxe sincos
1lim
0
⋅
−
+→= .1−= e
例 21 求 ( ) .5lim /13 xx
x
xe −
+∞→
)( 0∞
解 xx
x
xe
13 )5(lim −
+∞→
)5ln(1 3
lim
xe
x
x
x
e
−
+∞→
=
)5ln(1lim 3 xe
x
x
xe
−
+∞→=
因为 )5ln(1lim 3 xe
x
x
x
−
+∞→ x
xe x
x
)5ln(lim
3 −
=
+∞→
)(
∞
∞
1
5
53
lim
3
3
xe
e
x
x
x
−
−
=
+∞→ xe
e
x
x
x 5
53lim 3
3
−
−
=
+∞→
)(
∞
∞
53
33lim 3
3
−⋅
⋅⋅
=
+∞→ x
x
x e
e
x
x
e3
53
9lim
−
=
+∞→
.3=
所以 .3
13 )5(lim exe xx
x
=−
+∞→
课堂练习
1.设 )(xf 有一阶导数, ,1)0()0( =′= ff 求 .
)(ln
1)(sinlim
0 xf
xf
x
−
→
2.设
)(
)(lim
xg
xf
是未定式极限, 如果
)(
)(
xg
xf
′
′
的极限不存在且不为∞ , 是否
)(
)(
xg
xf
的极限也一
定不存在? 举例说明.
洛必达(L’ Hospital,1661~1704)简介:
洛必达(L’Hospital)是法国数学家,1661年生于巴黎,1704年 2月 2日卒于巴黎。
洛必达生于法国贵族家庭,他拥有圣梅特候爵,昂特尔芒伯爵称号。青年时期一度任骑
兵军官,因眼睛近视自行告退,转向从事学术研究。
洛必达很早即显示出其数学的才华,15岁时就解决了帕斯卡所进出的一个摆线难题。
洛必达是莱布尼兹微积分的忠实信徒,并且是约翰.伯努利的高足,成功地解答过约。
伯努利提出的“最速降线”问题。他是法国科学院院士。
洛必达的最大功绩是撰写了世界上第一本系统的微积分教程--------《用于理解曲线的无
穷小分析》。这部著作出版于 1696年,后来多次修订再版,为在欧洲大陆,特别是在法国普
及微积分起了重要作用。这本书追随欧几里得和阿基米德古典范例,以定义和公理为出发点,
同时得益于他的老师约翰.伯努利的著作,其经过是这样的:约翰.伯努利在 1691-1692 年间
写了两篇关于微积分的短论,但未发
。不久以后,他答应为年轻的洛必达讲授微积分,定
期领取薪金。作为答谢。他把自己的数学发现传授给洛必达,并允许他随时利用。于是洛必
达根据约翰.伯努利的传授和未发表的论著以及自己的学习心得,撰写了该书。
洛必达曾计划出版一本关于积分学的书,但在得悉莱布尼兹也打算撰写这样一本书时,
就放弃了自己的计划。他还写过一本关于圆锥曲线的书——《圆锥曲线分析论》。此书在他
逝世之后 16年才出版。
洛必达豁达大度,气宇不凡。由于他与当时欧洲各国主要数学家都有交往。从而成为全
欧洲传播微积分的著名人物。