【高三】四川绵阳南山中学2013届高考理综物理三诊模拟检测试题四川绵阳南山中学2013届高考理综物理三诊模拟检测试题三诊前能力模拟测试(三)
命题人:唐家文
1.在研究微型电动机的性能时,
应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为
A.32W B.44W C.47W D.48W
2.若一群处于第5能级的氢原子向低能级跃迁时辐射的光子中,有5种频率的光子能使某金...
四川绵阳南山中学2013届
理综物理三诊模拟
试
三诊前能力模拟测试(三)
命题人:唐家文
1.在研究微型电动机的性能时,
应用如图所示的实验电路.当调节滑动变阻器R并控制电动机停止转动时,电流表和电压表的示数分别为0.50A和2.0V.重新调节R并使电动机恢复正常运转,此时电流表和电压表的示数分别为2.0A和24.0V。则这台电动机正常运转时输出功率为
A.32W B.44W C.47W D.48W
2.若一群处于第5能级的氢原子向低能级跃迁时辐射的光子中,有5种频率的光子能使某金属发生光电效应,则氢原子从第3能级向低能级跃迁时,辐射的光子中,有几种光照射到该金属上时能产生光电效应?
A.0 B.1 C.2 D.3
3.在空间某一点以大小相等的速率分别竖直上抛、竖直下抛、水平抛出质量相等的小球,不计空气阻力,经过t秒(设小球均未落地
A.做竖直下抛运动的小球加速度最大 B.三个小球的机械能都守恒
C.做平抛运动的小球动量变化最小 D.做竖直下抛的小球动量变化最小
4.原来静止的原子核
衰变出α粒子的动能为Ek0,假设衰变时产生的能量全部以动能形式释放出来,则此衰变过程的质量亏损是
w_w w. k#s5_u.c
o*m
A.
B.
C.
D.
5.如图所示,图中五点均在匀强电场中,它们刚好是一个圆的四个等分点和圆心。已知电场线与圆所在平面平行。下列有关圆心O和等分点a的电势、电场强度的相关描述正确的是
A.a点的电势为6V B.a点的电势为-2V
C.O点的场强方向指向a点 D.O点的场强方向指向电势为2V的点[来源:学|科|网Z|X|X|K]
6.在以下说法中,正确的是
A.热量不可能自发地从低温物体传到高温物体
B.质量、温度都相同的氢气和氧气,分子平均动能不相同
C.当分子力表现为斥力时,随分子间距离的减少分子势能增大
D.热力学温度与摄氏温度的关系是:1K=10C
7.以下说法正确的是
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A.当氢原子从n=4的状态跃迁到n=2的状态时,要吸收光子
B.某金属产生光电效应,当增大照射光的强度时,则逸出光电子的最大初动能也随之增大
C.原子核的半衰期由核内部自身因素决定,与原子所处的化学状态和外部条件无关
D.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的
8.我国发射的“亚洲一号”地
球同步通信卫星的质量为l.24t,在某一确定的轨道上运行。下列说法正确的是
A.“亚洲一号”卫星可定点在北京正上方的太空,所以我国可以利用它进行电视转播
B.“亚洲一号”卫星的轨道平面一定与赤道平面重合
C.若要发射一颗质量为2.48t的地球同步通信卫星,则该卫星的轨道半径将比“亚洲一号”卫星轨道半径小
D.若要发射一颗质量为2.48t的地球同步通信卫星,则该卫星的运行周期和“亚洲一号”卫星的运行周期一样大
9.如图所示,虚线a、b、c 代表电场中的三个等势面,相邻等势面之间的电势差相等,即Uab=Ubc,实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹,P 、Q是这条轨迹上的两点,据此可知
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A.三个等势面中, a 的电势最高 B.带电质点通过P点时的电势能较大
C.带电质点通过P点时的动能较大 D.带电质点通过P点时的加速度较大
10.如图所示,垂直纸面的正方形匀强磁场区域内有一处于纸 面内的正方形导体框abcd,现将导体框分别向右以速度v
和向左以速度3v匀速拉出磁场,则在这两个过程中
A.安培力对导体框做功相同 B.导体框中的感应电流方向相同
C.导体框ad边两端的电势差相同 D.导体框ad边产生的焦耳热相同
11.矩形导线框abcd放在匀强磁场中,磁感线方向与线圈平面垂直,磁感应强度B随时间变化的图像如右图所示,t=0时刻,磁感应强度的方向垂直纸面向里。若
导线框中感应电流逆时针方向为正,则在0~4 s时间内,线框中的感应电流I,以及线框的ab边所受安培力F随时间变化的图像为下图中的(安培力取向上为正方向)
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12.如图所示,物体m与斜面体M一起静止在水平面上。若将斜面的倾角θ稍微增大一些,且物体m仍静止在斜面上,则
A.斜面体对物体的支持力变小 B.斜面体对物体的摩擦力变大
C.水平面与斜面体间的摩擦力变大 D.水平面与斜面体间的摩擦力变小
13.(18分)(1)(8分)某同学用如图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验。图乙为实验中得到的一条纸带,在纸带上用0、1、2、3、4、5、6……标出计数点。
①实验时,松开纸带与闭合电源开关的合理顺序是___ ___。
②规定打点1时重力势能为0,要计算出打点4时重物的机械能,在纸带上必须测出 。
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③该同学根据测出的数据准确地计算出各计数点时重物的机械能,发现打后一个点时机械能都比打前一个点时机械能小,其原因可能是 (只要求说出一种原因)。[来源:学科网]
④若在数据处理时所用的重力加速度比本地的重力加速度偏大,不考虑其它因素产生的误差,将使打后一个点时机械能都比打前一个点时机械能 。
(2)(10分)如图所示,用伏安法测电源电动势和内阻的实验中,
在电路中接一阻值为2Ω的电阻R0,通过改变滑
动变阻器,得到
几组电表的实验数据:
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U(V)
1.2
1.0
0.8
0.6
I
(A)
0.10
0.17
0.23
0.30
①R0的作用是 ;
②用作图法在坐标系上作出U-I图线;
③利用图线,测得电动势E= V,内阻r = Ω。(结果保留两位有效数字)
14.(6分)图甲是用一主尺最小分度为1mm,游标上有20个分度的游标卡尺测量一工件的长度,结果如图所示,可以读出此工件的长度为__________m;图乙是用螺旋测微器测量某一圆筒内径时的示数,此读数为 m。
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甲 乙
15.(12分)利用如图所示电路测量量程为800mV的电压表的内阻RV(RV约为900Ω),其实验步骤是:
A.按照电路图正确连接好测量电路,将滑动变阻器R的滑片移到最右端;
B.合上开关S1和S2,调节滑动变阻器R的滑片位置,使得电压表的指针指到满刻度;
C.保持开关S1闭合,断开开关S2,只调节电阻箱R0的阻值,使得电压表指针指到满刻度的一半;
D.读出电阻箱接入电路中的电阻值R0,即为电压表内阻RV的测量值.
可供选择的实验器材有:
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A. 待测电压表:量程为800mV,内阻约为900Ω
B. 滑动变阻
器:最大阻值200Ω,额定电流1A
C. 滑动变阻器:最大阻值10Ω,额定电流2A
D.
电阻箱:最大阻值999.9Ω,阻值最小改变量为0.1Ω[来源:Zxxk.Com]
E. 电阻箱:最大值99.9Ω,阻值最小改变量为0.1Ω
F. 电池阻:电动势约12V,内阻约1Ω以及导线和开关等[来源:Z&xx&k.Com]
按照上述实验方法,回答下列问题:
(1)为了使测量比较准确,除了电池组、导线、开关和待测电压表外,从上述器材中还应选用的器材是____________(用器材前的序号字母表示)
(2)如图所示,在这些器材的实物图上,用笔画线表示导线,连接成测量电路
(3)对于用上述方法测出的电压表内阻RV的测量值R测和真实值R真的关系及测量误差,下列说法正确的是 。
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A.R测﹥R真 B.R测﹤R真
C.若RV越大,测量值R测相对于真实值R真的误差就越大
D.若RV越大,测量值R测相对于真实值R真的误差就越小
17.(18分)如图所示,光滑水平面上静止放着长L=1.6m,质量为M=3kg的木块(厚度不计),一个质量为m=1kg的小物体放在木板的最右端,m和M之间的动摩擦因数μ=0.1,今对木板施加一水平向右的拉力F,(g取10m/s2)(1)为使物体与木板不发生滑动,F不能超过多少?(2)如果拉力F=10N恒定不变,求小物体所能获得的最大动能?(3)如果拉力F=10N,要使小物体从木板上掉下去,拉力F作用的时间至少为多少?
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18.(18分)如图所示,AB、CD是处在方向垂直纸面向里、磁感应强度为B1的匀强磁场的两条金属导轨(足够长),导轨宽度为d,导轨通过导线分别与平行金属板MN相连,有一与导轨垂直且始终接触良好的金属棒ab以某一速度沿着导轨做匀速直线运动。在y轴的右方有一磁感应强度为B2且方向垂直纸面向外的匀强磁场,在x轴的下方有一场强为E且方向平行x轴向右的匀强电场。现有一质量为m、电荷量为q的带正电粒子在M板由静止经过平行金属板MN,然后以垂直于y轴的方向从F处穿过y轴,再从x轴上的G处以与x轴正向夹角为60°的方向进入电场和磁场叠加的区域,最后到达y轴上的H点。已知OG长为l,不计粒子的重力。求:(1)金属棒ab做匀速直线运动速度的大小
?(2)粒子到达H点时的速度多大?
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19.(21分)如图所示,斜面体固定在水平面上,倾角
为300,斜面底端固定有与斜面垂直的挡板,在斜面上距底端
静止放着一个小物块B,物块B的质量2m,与斜面的动摩擦因数为μ=
,小物块A的质量为m,与物块B相距为
,物块A与斜面
无摩擦,在斜面上由静止开始下滑,假设物块A和B及挡板发生碰撞时,时间极短,无机械能损失,物块的大小和空气
阻力不计.求:(1)物块A第一次与物块B碰撞时的速度;(2)物块A从开始到第二次与物块B碰撞时运动的路程s;(3)从
开始到最终系统产生的总热量Q.
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20.(18分)如图所示,坐标系
xOy在竖直平面内,空间有沿水平方向、垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度为B。在x>0的空间内有沿x轴正方向的匀强电场,场强为E。一个带正电荷的小球经过图中x轴上的M点,沿着与水平方向成θ=30o角的斜向下的直线做匀速运动,经过y轴上的N点进入x<0的
区域内。要使小球进入x<0区域后能在竖直面内做匀速圆周运动,需在x<0区域内另加一匀强电场。若带电小球做圆周运动通过y轴上的P点(P点未标出),重力加速度设为g, 求: ⑴小球运动的速度大小; ⑵在x<0的区域内所加电场的场强大小和方向; ⑶小球从N点运动到P点所用的时间。
21.(18分)如图所示,半径为r、圆心为O1的虚线所围的圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场,在磁场右侧有一竖直放置的平行金属板M和N,两板间距离为L,在MN板中央各有一个小孔O2、O3,O1、O2、O3在同一水平直线上,与平行金属板相接的是两条竖直放置间距为L的足够长的光滑金属导轨,导体棒PQ与导轨接触良好,与阻值为R的电阻形成闭合回路(导轨与导体棒的电阻不计),该回路处在磁感应强度大小为B,方向垂直纸面向里的匀强磁场中,整个装置处在真空室中,有一束电荷量为+q、质量为m的粒子流(重力不计),以速率v0从圆形磁场边界上的最低点E沿半径方向射入圆形磁场区域,最后从小孔O3射出。现释放导体棒PQ,其下滑h后开始匀速运动,此后粒子恰好不能从O3射出,而从圆形磁场的最高点F射出。求:(1)圆形磁场的磁感应强度B′;(2)导体棒的质量M;(3)棒下落h的整个过程中,电阻上产生的电热;(4)粒子从E点到F点所用的时间。
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三诊前能力强化参考
1.A2.C3.B4.D5.AD6.AC 7.CD 8.BD9.BD10.BC11.C12.AB
13.(1)(8分)①先闭合电源后开关松开纸带(2分)
②1、4两点之间的距离和3、5两点之间的距离(2分)
③实验中存在阻力(2分)
④小(2分)
(2)(10分)①保护电源、电表,防止短路;(3分)
②作图;(3分)(没有用直尺不给分)
③1.4~1.6 0.67~1.3 (每空2分)
14.102.35×10-3m、6.490×10-3m。(6分)
15.(1)(4分)C、D (2)(4分)如图右 (3)(4分)AD
17.(18分)解:(1)物体与木板不发生滑动,则木块和小物体具有共同加速度,由牛顿第二定律得: F=(M+m)a,
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小物体的加速度由木块对它的摩擦力提供,则有:μmg=ma解得:F=μ(M+m)g=4N (2)小物体的加速度
木板的加速度
,物体滑过木板所用时间为t,由位移关系得:
,物体离开木板时的速度
,
。
(3)若要F作用时间最短,则物体离开木板时与木板速度相同。设F作用的最短时间为t1,物体在木板上滑行的时间为
,物体离开木板时与木板的速度为
,则:
撤去F时,物体速度为
,木板的速度为
,则
,
,撤去F后由动量守恒定律得:
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,由位移关系得:
解得:
s
18.(18分)解:金属棒ab在切割磁感线过程中产生的感应电动势为:
,设粒子在F处进入磁场时的速度为
,由牛顿第二定律得:
,由几何知识可得(如图),
,粒子在通过MN过程中由动能定理得:
,联解以上各式得:
(2)从D到C只有电场力对粒子做功,电场力做功与路径无关,根据动能定理,有
,解得:
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。
19.解析(1)由动能定理可得:
,
,(2)物块A第一次与物块B碰撞时,动量守恒,动能守恒。
解得
,此时A以
的速度减速上滑,B减速下滑,对于A:
,对于B,下滑时
,
与下端的挡板相碰时的速度为
,则
,
,所用时间为
,上滑时的加速度为
,
,减速到零的时间为
,
,上滑的距离,
,在这段时间内A向上的位移
。由于此时A还在第一次碰撞点的下方
处,由于
<
,故B上滑后到最高点处静止,A再与B相碰。A上滑到最高点的距离为
,物块A从开始到第二次与物块B碰撞时运动的路程
。(3)经过多次相碰后,最终A和B均停在档扳处,由能量守恒可得,产生的热量为
。
20.⑴ (4分)球在MN段受力如图:因为在MN段球做匀速直
线运动,所以球受到如图所示的三个力而平衡所以有:mgtan30° =qE,qvBsin30°=qE联立解得:mg=3qE;
(2)(4分)在x<0的区域内,设所加的电场强度为E′,则由运动情况分析知:球受的重力mg必与电场力qE′是一对平衡力,即:qE′=mg ∴
,E′的方向为竖直向上。
(3)球在磁场中做匀速圆周运动的周期是:
,根据牛顿第二定律得:
,在NP圆弧间经历的时间是:
,联立以
,解得:
(3)导体棒匀速运动时,速度为
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则
∴
则动量守恒
(4)
,
,
,
,
[来源:学,科,网]
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